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NF杯2023

NF杯2023(J)

P{P}からBC{BC}に下ろした垂線の足をH{H}とする. 44A,B,P,C{A,B,P,C}は同一円周上にあるので, ABP+ACP=180.(1) \angle{ ABP}+\angle{ ACP}=180^\circ. \tag{1} また, 円周角の定理の逆より, 44M,B,P,H{M,B,P,H}は同一円周上にあり, ABP=MBP=180PHM. \angle{ ABP}=\angle{ MBP}=180^\circ-\angle{ PHM}. 44N,C,H,P{N,C,H,P}は同一円周上にあり, ACP=180PCN=180PHN. \angle{ ACP}=180^\circ-\angle{ PCN}=180^\circ-\angle{ PHN}. よって(1)が, (180PHM)+(180PHN)=180    PHM+PHN=180\begin{aligned} &\quad (180^\circ-\angle{ PHM})+(180^\circ-\angle{ PHN})=180^\circ \\ &\iff \angle{ PHM}+\angle{ PHN}=180^\circ \end{aligned} となるので33H,M,N{H,M,N}は同一直線上にある. すなわち, H{H}MN{MN}BC{BC}の交点でQ{Q}と一致する(Simsonの定理の逆). 円周角の定理の逆より,44M,B,P,Q{M,B,P,Q}は同一円周上にありPBC=PMN\angle{ PBC}=\angle{ PMN},44N,C,Q,P{N,C,Q,P}は同一円周上にありPCB=PNM\angle{ PCB}=\angle{ PNM}であるから PBCPMN. \triangle{ PBC}\sim\triangle{ PMN}. また, 44A,M,P,N{A,M,P,N}も同一円周上にあるので, Ptolemyの定理より, APMN=AMPN+ANPM    25MN=20252242+24252202    MN=20.\begin{aligned} &\quad {AP}\cdot {MN}={AM}\cdot {PN}+{AN}\cdot {PM} \\ &\iff 25\cdot {MN}=20\cdot \sqrt{25^2-24^2}+24\cdot \sqrt{25^2-20^2} \\ &\iff {MN}=20. \end{aligned} PBC\triangle{ PBC}PMN\triangle{ PMN}の相似比をk:1 (k>0)k:1~(k\gt0)とすると, PB=15k,PC=7k,BC=20k{PB}=15k,{PC}=7k,{BC}=20kとなり, Heronの公式から, PBC=21k6k14kk=42k2. \triangle{ PBC}=\sqrt{21k\cdot 6k\cdot 14k\cdot k}=42k^2. また, PQBC{PQ}\perp {BC}より, PBC=12BCPQ=1220k5=50k. \triangle{ PBC}=\dfrac{1}{2}\cdot {BC}\cdot {PQ}=\dfrac{1}{2}\cdot 20k\cdot 5=50k. これらが等しいことから, 42k2=50k    k=2521\begin{aligned} &\quad 42k^2=50k \\ &\iff k=\dfrac{25}{21} \end{aligned} であり, BC=50021. {BC}=\dfrac{500}{21}. ここで, 三角形の面積公式から, PBC=12PBPCsinBPC=1215k7ksinBPC=1052k2sinBPC. \triangle{ PBC}=\dfrac{1}{2}\cdot {PB}\cdot {PC}\cdot\sin{\angle{ BPC}} =\dfrac{1}{2}\cdot 15k\cdot 7k\cdot\sin{\angle{ BPC}} =\dfrac{105}{2}k^2\sin{\angle{ BPC}}. これが42k242k^2と等しいことから, sinBPC=45. \sin{\angle{ BPC}}=\dfrac{4}{5}. したがって, 正弦定理からΓ\Gammaの半径RRR=BC2sinBPC=62542. R=\dfrac{{BC}}{2\sin{\angle{ BPC}}}=\dfrac{625}{42}. すなわち,求める値は625+42=667625+42=\textbf{667}.

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